想看更多的解题报告: http://iyenn.com/rec/1824570.html
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题目大意：有N个学校，从每个学校都能从一个单向网络到另外一个学校，两个问题
1：初始至少需要向多少个学校发放软件，使得网络内所有的学校最终都能得到软件。
2：至少需要添加几条边，使任意向一个学校发放软件后，经过若干次传送，网络内所有的学校最终都能得到软件。
解题思路：
首先找连通分量，然后看连通分量的入度为0点的总数，出度为0点的总数，那么问要向多少学校发放软件，就是入度为零的个数，这样才能保证所有点能够找到
然后第二问添加多少条边可以得到使整个图达到一个强连通分量，答案是入度为0的个数和出度为0的个数中最大的
那个，为什么会这样呢，经过我同学的讨论，将这个图的所有子树找出来，然后将一棵子树的叶子结点（出度为0）连到另外一棵子树的根结点上（入度为0），这样将所有的叶子结点和根节点全部消掉之后，就可以得到一整个强连通分量，看最少多少条边，这样就是看叶子结点和根节点哪个多，即出度为0和入度为0哪个多
我只能说这种策略是正确的，适用于一般图，但其实我觉得也不能够很有力的证明这个结论成立

/*
kosaraju
Memory 224K
Time    0MS
*/
#include 
using namespace std;
#define MAXV 110
#define max(a,b) (a>b?a:b)
 
int map[MAXV][MAXV],order[MAXV],belong[MAXV],indegree[MAXV],outdegree[MAXV];
int n,num,count;
bool vis[MAXV];
 
void dfs(int x){
	int i;
	vis[x]=1;
	for(i=1;i<=n;i++)
		if(map[x][i] && !vis[i])
			dfs(i);
	order[++num]=x;
}
 
void dfst(int x){
	int i;
	belong[x]=count;		//记录结点属于哪个连通分量
	vis[x]=1;
	for(i=1;i<=n;i++)
		if(!vis[i] && map[i][x])
			dfst(i);
}
 
void kosaraju(){
	int i;
	memset(vis,0,sizeof(vis));
	num=count=0;
	for(i=1;i<=n;i++)		//第一次搜索将时间戳从小到大排序
		if(!vis[i]) dfs(i);
	memset(vis,0,sizeof(vis));
 
	for(i=n;i>=1;i--)		//第二次搜索从时间戳大的开始走找连通分量
		if(!vis[order[i]]){
			count++;		//连通分量个数
			dfst(order[i]);
		}
}
 
void output(){
	int i,j,inzero=0,outzero=0;
	for(i=1;i<=n;i++){
		indegree[i]=outdegree[i]=0;
	}
	for(i=1;i<=n;i++)				//找连通分量入度与出度
		for(j=1;j<=n;j++)
			if(map[i][j] && belong[i]!=belong[j]){
				indegree[belong[j]]++;
				outdegree[belong[i]]++;
			}
	for(i=1;i<=count;i++){			//找入度与出度为0的点
		if(!indegree[i]) inzero++;
		if(!outdegree[i]) outzero++;
	}
 
	if(count==1)					//只有1个结点要特判
		printf("1\n0\n");
	else
		printf("%d\n%d\n",inzero,max(inzero,outzero));
}
 
int main(){
	int i,a;
	while(~scanf("%d",&n)){
		for(i=1;i<=n;i++){
			while(scanf("%d",&a) && a) map[i][a]=1;
		}
		kosaraju();
		output();
	}
	return 0;
}

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介绍tarjan算法的一个蛮好的报告http://www.byvoid.com/blog/scc-tarjan/

/*
tarjan
Memory 224K
Time    0MS
*/
#include 
using namespace std;
#define MAXV 110
#define min(a,b) (a>b?b:a)
#define max(a,b) (a>b?a:b)
 
int n,map[MAXV][MAXV],outdegree[MAXV],indegree[MAXV];
int dfn[MAXV];									//第一次访问的步数
int low[MAXV];									//子树中最早的步数
int stap[MAXV],stop;							//模拟栈
bool instack[MAXV];								//是否在栈中
int count;										//记录连通分量的个数
int cnt;										//记录搜索步数
int belong[MAXV];								//属于哪个连通分量
 
void init(){
	count=stop=cnt=0;
	memset(instack,false,sizeof(instack));
	memset(map,0,sizeof(map));
	memset(dfn,0,sizeof(dfn));
}
 
void tarjan(int x){
	int i;
	dfn[x]=low[x]=++cnt;
	stap[stop++]=x;
	instack[x]=true;
	for(i=1;i<=n;i++){
		if(!map[x][i]) continue;
		if(!dfn[i]){
			tarjan(i);
			low[x]=min(low[i],low[x]);
		}else if(instack[i])
			low[x]=min(dfn[i],low[x]);
		//与x相连,但是i已经被访问过,且还在栈中
        //用子树节点更新节点第一次出现的时间
	}
 
	if(low[x]==dfn[x]){
		count++;
		while(1){
			int tmp=stap[--stop];
			belong[tmp]=count;
			instack[tmp]=false;
			if(tmp==x) break;
		}
	}
}
 
void output(){
	int i,j,inzero=0,outzero=0;
	for(i=1;i<=n;i++){
		indegree[i]=outdegree[i]=0;
	}
	for(i=1;i<=n;i++)				//找连通分量入度与出度
		for(j=1;j<=n;j++)
			if(map[i][j] && belong[i]!=belong[j]){
				indegree[belong[j]]++;
				outdegree[belong[i]]++;
			}
	for(i=1;i<=count;i++){			//找入度与出度为0的点
		if(!indegree[i]) inzero++;
		if(!outdegree[i]) outzero++;
	}
 
	if(count==1)					//只有1个结点要特判
		printf("1\n0\n");
	else
		printf("%d\n%d\n",inzero,max(inzero,outzero));
}
 
int main(){
	int i,a;
	while(~scanf("%d",&n)){
		init();
		for(i=1;i<=n;i++){
			while(scanf("%d",&a) && a) map[i][a]=1;
		}
		for(i=1;i<=n;i++)
			if(!dfn[i])	tarjan(i);
		output();
	}
	return 0;
}